Write a method anagram(s,t) to decide if two strings are anagrams or not. Example Given s="abcd", t="dcab", return true. Challenge O(n) time, O(1) extra space
题解1 – hashmap 统计字频
判断两个字符串是否互为变位词，若区分大小写，考虑空白字符时，直接来理解可以认为两个字符串的拥有各不同字符的数量相同。对于比较字符数量的问题常用的方法为遍历两个字符串，统计其中各字符出现的频次，若不等则返回false. 有很多简单字符串类面试题都是此题的变形题。
class Solution { public: /** * @param s: The first string * @param b: The second string * @return true or false */ bool anagram(string s, string t) { if (s.empty() || t.empty()) { return false; } if (s.size() != t.size()) { return false; } int letterCount[256] = {0}; for (int i = 0; i != s.size(); ++i) { ++letterCount[s[i]]; --letterCount[t[i]]; } for (int i = 0; i != t.size(); ++i) { if (letterCount[t[i]] != 0) { return false; } } return true; } };
源码分析
- 两个字符串长度不等时必不可能为变位词(需要注意题目条件灵活处理)。
- 初始化含有256个字符的计数器数组。
- 对字符串 s 自增，字符串 t 递减，再次遍历判断
letterCount数组的值，小于0时返回false.
在字符串长度较长(大于所有可能的字符数)时，还可对第二个for循环做进一步优化，即t.size() > 256时，使用256替代t.size(), 使用i替代t[i].
复杂度分析
两次遍历字符串，时间复杂度最坏情况下为 O(2n), 使用了额外的数组，空间复杂度 O(256).
题解2 – 排序字符串
另一直接的解法是对字符串先排序，若排序后的字符串内容相同，则其互为变位词。题解1中使用 hashmap 的方法对于比较两个字符串是否互为变位词十分有效，但是在比较多个字符串时，使用 hashmap 的方法复杂度则较高。
class Solution { public: /** * @param s: The first string * @param b: The second string * @return true or false */ bool anagram(string s, string t) { if (s.empty() || t.empty()) { return false; } if (s.size() != t.size()) { return false; } sort(s.begin(), s.end()); sort(t.begin(), t.end()); if (s == t) { return true; } else { return false; } } };
源码分析
对字符串 s 和 t 分别排序，而后比较是否含相同内容。对字符串排序时可以采用先统计字频再组装成排序后的字符串，效率更高一点。
复杂度分析
C++的 STL 中 sort 的时间复杂度介于 O(n) 和 O(n^2)之间，判断s == t时间复杂度最坏为 O(n).
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